3.內功題
試題1：分別給出BOOL，int，float，指針變量 與“零值”比較的 if 語句（假設變量名爲var）
解答：
BOOL型變量：if(!var)
int型變量： if(var==0)
float型變量：
const float EPSINON = 0.00001;
if ((x >= - EPSINON) && (x <= EPSINON)
指針變量： if(var==NULL)
剖析：
考查對0值判斷的“內功”，BOOL型變量的0判斷完全可以寫成if(var==0)，而int型變量也可以寫成if(!var)，指針變量的判斷也可以寫成if(!var)，上述寫法雖然程序都能正確運行，但是未能清晰地表達程序的意思。
一般的，如果想讓if判斷一個變量的“真”、“假”，應直接使用if(var)、if(!var)，表明其爲“邏輯”判斷；如果用if判斷一個數值型變量(short、int、long等)，應該用if(var==0)，表明是與0進行“數值”上的比較；而判斷指針則適宜用if(var==NULL)，這是一種很好的編程習慣。
浮點型變量並不精確，所以不可將float變量用“==”或“！=”與數字比較，應該設法轉化成“>=”或“<=”形式。如果寫成if (x == 0.0)，則判爲錯，得0分。
試題2：以下爲Windows NT下的32位C++程序，請計算sizeof的值
void Func ( char str[100] )
{
sizeof( str ) = ?
}
void *p = malloc( 100 );
sizeof ( p ) = ?
解答：
sizeof( str ) = 4
sizeof ( p ) = 4
剖析：
Func ( char str[100] )函數中數組名作爲函數形參時，在函數體內，數組名失去了本身的內涵，僅僅只是一個指針；在失去其內涵的同時，它還失去了其常量特性，可以作自增、自減等操作，可以被修改。
數組名的本質如下：
（1）數組名指代一種數據結構，這種數據結構就是數組；
例如：
char str[10];
cout ＜＜ sizeof(str) ＜＜ endl;
輸出結果爲10，str指代數據結構char[10]。
（2）數組名可以轉換爲指向其指代實體的指針，而且是一個指針常量，不能作自增、自減等操作，不能被修改；
char str[10];
str++; //編譯出錯，提示str不是左值
（3）數組名作爲函數形參時，淪爲普通指針。
Windows NT 32位平臺下，指針的長度（佔用內存的大小）爲4字節，故sizeof( str ) 、sizeof ( p ) 都爲4。
試題3：寫一個“標準”宏MIN，這個宏輸入兩個參數並返回較小的一個。另外，當你寫下面的代碼時會發生什麼事？
least = MIN(*p++, b);
解答：
#define MIN(A,B) ((A) <= (B) ? (A) : (B))
MIN(*p++, b)會產生宏的副作用
剖析：
這個面試題主要考查面試者對宏定義的使用，宏定義可以實現類似於函數的功能，但是它終歸不是函數，而宏定義中括弧中的“參數”也不是真的參數，在宏展開的時候對“參數”進行的是一對一的替換。
程序員對宏定義的使用要非常小心，特別要注意兩個問題：
（1）謹慎地將宏定義中的“參數”和整個宏用用括弧括起來。所以，嚴格地講，下述解答：
#define MIN(A,B) (A) <= (B) ? (A) : (B)
#define MIN(A,B) (A <= B ? A : B )
都應判0分；
（2）防止宏的副作用。
宏定義#define MIN(A,B) ((A) <= (B) ? (A) : (B))對MIN(*p++, b)的作用結果是：
((*p++) <= (b) ? (*p++) : (*p++))
這個表達式會產生副作用，指針p會作三次++自增操作。
除此之外，另一個應該判0分的解答是：
#define MIN(A,B) ((A) <= (B) ? (A) : (B));
這個解答在宏定義的後面加“;”，顯示編寫者對宏的概念模糊不清，只能被無情地判0分並被面試官淘汰。
試題4：爲什麼標準頭文件都有類似以下的結構？
#ifndef __INCvxWorksh
#define __INCvxWorksh
#ifdef __cplusplus
extern "C" {
#endif
/*...*/
#ifdef __cplusplus
}
#endif
#endif /* __INCvxWorksh */
解答：
頭文件中的編譯宏
#ifndef __INCvxWorksh
#define __INCvxWorksh
#endif
的作用是防止被重複引用。
作爲一種面向對象的語言，C++支持函數重載，而過程式語言C則不支持。函數被C++編譯後在symbol庫中的名字與C語言的不同。例如，假設某個函數的原型爲：
void foo(int x, int y);
該函數被C編譯器編譯後在symbol庫中的名字爲_foo，而C++編譯器則會產生像_foo_int_int之類的名字。_foo_int_int這樣的名字包含了函數名和函數參數數量及類型信息，C++就是考這種機制來實現函數重載的。
爲了實現C和C++的混合編程，C++提供了C連接交換指定符號extern "C"來解決名字匹配問題，函數聲明前加上extern "C"後，則編譯器就會按照C語言的方式將該函數編譯爲_foo，這樣C語言中就可以調用C++的函數了。
試題5：編寫一個函數，作用是把一個char組成的字符串循環右移n個。比如原來是“abcdefghi”如果n=2，移位後應該是“hiabcdefgh”
函數頭是這樣的：
//pStr是指向以'/0'結尾的字符串的指針
//steps是要求移動的n
void LoopMove ( char * pStr, int steps )
{
//請填充...
}
解答：
正確解答1：
void LoopMove ( char *pStr, int steps )
{
int n = strlen( pStr ) - steps;
char tmp[MAX_LEN];
strcpy ( tmp, pStr + n );
strcpy ( tmp + steps, pStr);
*( tmp + strlen ( pStr ) ) = '/0';
strcpy( pStr, tmp );
}
正確解答2：
void LoopMove ( char *pStr, int steps )
{
int n = strlen( pStr ) - steps;
char tmp[MAX_LEN];
memcpy( tmp, pStr + n, steps );
memcpy(pStr + steps, pStr, n );
memcpy(pStr, tmp, steps );
}
剖析：
這個試題主要考查面試者對標準庫函數的熟練程度，在需要的時候引用庫函數可以很大程度上簡化程序編寫的工作量。
最頻繁被使用的庫函數包括：
（1） strcpy
（2） memcpy
（3） memset
試題6：已知WAV文件格式如下表，打開一個WAV文件，以適當的數據結構組織WAV文件頭並解析WAV格式的各項信息。
WAVE文件格式說明表
偏移地址 字節數 數據類型 內 容
文件頭
00H 4 Char "RIFF"標誌
04H 4 int32 文件長度
08H 4 Char "WAVE"標誌
0CH 4 Char "fmt"標誌
10H 4 過渡字節（不定）
14H 2 int16 格式類別
16H 2 int16 通道數
18H 2 int16 採樣率（每秒樣本數），表示每個通道的播放速度
1CH 4 int32 波形音頻數據傳送速率
20H 2 int16 數據塊的調整數（按字節算的）
22H 2 每樣本的數據位數
24H 4 Char 數據標記符＂data＂
28H 4 int32 語音數據的長度
解答：
將WAV文件格式定義爲結構體WAVEFORMAT：
typedef struct tagWaveFormat
{
char cRiffFlag[4];
UIN32 nFileLen;
char cWaveFlag[4];
char cFmtFlag[4];
char cTransition[4];
UIN16 nFormatTag ;
UIN16 nChannels;
UIN16 nSamplesPerSec;
UIN32 nAvgBytesperSec;
UIN16 nBlockAlign;
UIN16 nBitNumPerSample;
char cDataFlag[4];
UIN16 nAudioLength;
} WAVEFORMAT;
假設WAV文件內容讀出後存放在指針buffer開始的內存單元內，則分析文件格式的代碼很簡單，爲：
WAVEFORMAT waveFormat;
memcpy( &waveFormat, buffer,sizeof( WAVEFORMAT ) );
直接通過訪問waveFormat的成員，就可以獲得特定WAV文件的各項格式信息。
剖析：
試題6考查面試者組織數據結構的能力，有經驗的程序設計者將屬於一個整體的數據成員組織爲一個結構體，利用指針類型轉換，可以將memcpy、memset等函數直接用於結構體地址，進行結構體的整體操作。 透過這個題可以看出面試者的程序設計經驗是否豐富。
試題7：編寫類String的構造函數、析構函數和賦值函數，已知類String的原型爲：
class String
{
public:
String(const char *str = NULL); // 普通構造函數
String(const String &other); // 拷貝構造函數
~ String(void); // 析構函數
String & operate =(const String &other); // 賦值函數
private:
char *m_data; // 用於保存字符串
};
解答：
//普通構造函數
String::String(const char *str)
{
if(str==NULL)
{
m_data = new char[1]; // 得分點：對空字符串自動申請存放結束標誌'/0'的空
//加分點：對m_data加NULL 判斷
*m_data = '/0';
}
else
{
int length = strlen(str);
m_data = new char[length+1]; // 若能加 NULL 判斷則更好
strcpy(m_data, str);
}
}
// String的析構函數
String::~String(void)
{
delete [] m_data; // 或delete m_data;
}
//拷貝構造函數
String::String(const String &other) // 得分點：輸入參數爲const型
{
int length = strlen(other.m_data);
m_data = new char[length+1]; //加分點：對m_data加NULL 判斷
strcpy(m_data, other.m_data);
}
//賦值函數
String & String::operate =(const String &other) // 得分點：輸入參數爲const型
{
if(this == &other) //得分點：檢查自賦值
return *this;
delete [] m_data; //得分點：釋放原有的內存資源
int length = strlen( other.m_data );
m_data = new char[length+1]; //加分點：對m_data加NULL 判斷
strcpy( m_data, other.m_data );
return *this; //得分點：返回本對象的引用
}
剖析：
能夠準確無誤地編寫出String類的構造函數、拷貝構造函數、賦值函數和析構函數的面試者至少已經具備了C++基本功的60%以上！
在這個類中包括了指針類成員變量m_data，當類中包括指針類成員變量時，一定要重載其拷貝構造函數、賦值函數和析構函數，這既是對C++程序員的基本要求，也是《Effective C++》中特別強調的條款。
仔細學習這個類，特別注意加註釋的得分點和加分點的意義，這樣就具備了60%以上的C++基本功！
試題8：請說出static和const關鍵字儘可能多的作用
解答：
static關鍵字至少有下列n個作用：
（1）函數體內static變量的作用範圍爲該函數體，不同於auto變量，該變量的內存只被分配一次，因此其值在下次調用時仍維持上次的值；
（2）在模塊內的static全局變量可以被模塊內所用函數訪問，但不能被模塊外其它函數訪問；
（3）在模塊內的static函數只可被這一模塊內的其它函數調用，這個函數的使用範圍被限制在聲明它的模塊內；
（4）在類中的static成員變量屬於整個類所擁有，對類的所有對象只有一份拷貝；
（5）在類中的static成員函數屬於整個類所擁有，這個函數不接收this指針，因而只能訪問類的static成員變量。
const關鍵字至少有下列n個作用：
（1）欲阻止一個變量被改變，可以使用const關鍵字。在定義該const變量時，通常需要對它進行初始化，因爲以後就沒有機會再去改變它了；
（2）對指針來說，可以指定指針本身爲const，也可以指定指針所指的數據爲const，或二者同時指定爲const；
（3）在一個函數聲明中，const可以修飾形參，表明它是一個輸入參數，在函數內部不能改變其值；
（4）對於類的成員函數，若指定其爲const類型，則表明其是一個常函數，不能修改類的成員變量；
（5）對於類的成員函數，有時候必須指定其返回值爲const類型，以使得其返回值不爲“左值”。例如：
const classA operator*(const classA& a1,const classA& a2);
operator*的返回結果必須是一個const對象。如果不是，這樣的變態代碼也不會編譯出錯：
classA a, b, c;
(a * b) = c; // 對a*b的結果賦值
操作(a * b) = c顯然不符合編程者的初衷，也沒有任何意義。
剖析：
驚訝嗎？小小的static和const居然有這麼多功能，我們能回答幾個？如果只能回答1~2個，那還真得閉關再好好修煉修煉。
這個題可以考查面試者對程序設計知識的掌握程度是初級、中級還是比較深入，沒有一定的知識廣度和深度，不可能對這個問題給出全面的解答。大多數人只能回答出static和const關鍵字的部分功能。
4.技巧題
試題1：請寫一個C函數，若處理器是Big_endian的，則返回0；若是Little_endian的，則返回1
解答：
int checkCPU()
{
{
union w
{
int a;
char b;
} c;
c.a = 1;
return (c.b == 1);
}
}
剖析：
嵌入式系統開發者應該對Little-endian和Big-endian模式非常瞭解。採用Little-endian模式的CPU對操作數的存放方式是從低字節到高字節，而Big-endian模式對操作數的存放方式是從高字節到低字節。例如，16bit寬的數0x1234在Little-endian模式CPU內存中的存放方式（假設從地址0x4000開始存放）爲：
內存地址 存放內容
0x4000 0x34
0x4001 0x12
而在Big-endian模式CPU內存中的存放方式則爲：
內存地址 存放內容
0x4000 0x12
0x4001 0x34
32bit寬的數0x12345678在Little-endian模式CPU內存中的存放方式（假設從地址0x4000開始存放）爲：
內存地址 存放內容
0x4000 0x78
0x4001 0x56
0x4002 0x34
0x4003 0x12
而在Big-endian模式CPU內存中的存放方式則爲：
內存地址 存放內容
0x4000 0x12
0x4001 0x34
0x4002 0x56
0x4003 0x78
聯合體union的存放順序是所有成員都從低地址開始存放，面試者的解答利用該特性，輕鬆地獲得了CPU對內存採用Little-endian還是Big-endian模式讀寫。如果誰能當場給出這個解答，那簡直就是一個天才的程序員。
試題2：寫一個函數返回1+2+3+…+n的值（假定結果不會超過長整型變量的範圍）
解答：
int Sum( int n )
{
return ( (long)1 + n) * n / 2; //或return (1l + n) * n / 2;
}
剖析：
對於這個題，只能說，也許最簡單的答案就是最好的答案。下面的解答，或者基於下面的解答思路去優化，不管怎麼“折騰”，其效率也不可能與直接return ( 1 l + n ) * n / 2相比！
int Sum( int n )
{
long sum = 0;
for( int i=1; i<=n; i++ )
{
sum += i;
}
return sum;
}
所以程序員們需要敏感地將數學等知識用在程序設計中。 
