兩道都是權限題…
題意:
給出一張n個點,m條邊的圖,同一條邊不能走兩次,每條邊正着走與反着走所需要的時間可能不同,求一個從1開始的大於一個點的最短環
Solution:
網上的題解都是構造…然而並不是很理解
聽學長講了一種神奇的解法,感覺非常妙:
我們可以發現,我們走出一步後,就會變成一個裸的最短路問題,所以最暴力的解法就是枚舉從1開始能到達的點,然後從這個點開始走最短路(不經過來時的點)即可
現在我們想辦法去優化這個算法:
我們把求出的環中與1相連的兩個點稱作x,y
考慮分治,每次把點分成兩部分,一部分的與1相連的點只連1到這個點的邊,另一部分只連這個點到1的邊,這樣跑最短路我們可以求出x和y分別在這兩部分的點,但是可能最優解的x和y在同一側,把左右兩邊遞歸分治處理即可
但是這樣複雜度好像更劣了…
但是會發現每次分治時跑最短路只會處理小部分點,但是我們跑的是整個圖,在這裏嚴重浪費了時間,所以說有一個大膽的想法:能否在分治的每一層,把所有的分治情況都放在同一個圖中呢?
答案是可行的,因爲每個分治都是相對獨立的,放在一塊不會影響最優性。
但是看起來不好處理啊…
其實通過二進制的每一位來分治是非常完美的,具體爲什麼大家可以打個二進制表來直觀感受一下
枚舉二進制的每一位,把點分成這一位爲0的和這一爲位1的,最後跑最短路即可,具體實現可以看代碼
總複雜度
雖然比構造新圖的解法要劣,但是很好理解不是麼QWQ
代碼:
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<vector>
#include<queue>
#include<ctime>
#define pii pair<int,int>
using namespace std;
int n,m,size;
int bg[200010],ed[200010];
struct G{
int x,y,s,t;
}E[200010];
int head[40010],dis[40010],ans=1e9;
bool v[40010];
struct edg{
int to,next,v;
}e[400010];
void add(int x,int y,int v){size++;e[size]={y,head[x],v};head[x]=size;}
priority_queue<pii,vector<pii>,greater<pii> > q;
void dij()
{
while (!q.empty())
{
int x=q.top().second;q.pop();
if (v[x]) continue;
v[x]=1;
for (int i=head[x];i;i=e[i].next)
{
int y=e[i].to;
if (v[y]) continue;
if (dis[y]>dis[x]+e[i].v) dis[y]=dis[x]+e[i].v,q.push(make_pair(dis[y],y));
}
}
}
void solve(int j)
{
for (int i=1;i<=n;i++) v[i]=0,dis[i]=1e9;
for (int i=1;i<=n;i++)
{
if (ed[i]&&(!((i>>j)&1))) dis[i]=bg[i],q.push(make_pair(dis[i],i));
}
dij();
for (int i=2;i<=n;i++) if (ed[i]&&((i>>j)&1)) ans=min(ans,dis[i]+ed[i]);
for (int i=1;i<=n;i++) v[i]=0,dis[i]=1e9;
for (int i=1;i<=n;i++)
{
if (ed[i]&&((i>>j)&1)) dis[i]=bg[i],q.push(make_pair(dis[i],i));
}
dij();
for (int i=2;i<=n;i++) if (ed[i]&&(!((i>>j)&1))) ans=min(ans,dis[i]+ed[i]);
}
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
for (int i=1;i<=m;i++)
{
scanf("%d%d%d%d",&E[i].x,&E[i].y,&E[i].s,&E[i].t);
if (E[i].x==E[i].y) continue;
if (E[i].x>E[i].y) swap(E[i].x,E[i].y),swap(E[i].s,E[i].t);
if (E[i].x==1) bg[E[i].y]=E[i].s,ed[E[i].y]=E[i].t;
else add(E[i].x,E[i].y,E[i].s),add(E[i].y,E[i].x,E[i].t);
}
for (int i=0;i<=16;i++) solve(i);
if (ans<1e9)printf("%d",ans);
else printf("-1");
}