1.最小延遲調度問題描述
f(i) 表示某任務 開始的時間。
ti 表示 某任務 加工的時間
di 表示 某任務 要求完成的時間
延遲: f(i)+ti-di
- 如果 實際完成的時間 小於 規定完成時間,那麼,就沒有 延遲。延遲就是拖延,如果你在規定時間內(<=規定時間),那麼,就說明沒有延遲,沒有拖延。
- 由於有很多用戶,所以,會有很多不同的拖延值,我們的目標是,求得所有拖延值中的最大值,並使得這個最大的拖延值 最小。Min(Max拖延值)
2.舉例理解調度問題
f1(1)爲什麼爲0 ,因爲 f(1)=0,t1=5,而 d=10,就是說,用戶一在規定時間內完成了任務,當然沒有延遲。
用戶二的延遲:13-12=1
用戶三的延遲: 17-15=2
用戶四的延遲: 27-11=16
用戶五的延遲: 30-20=10
所以,在這個調度的條件下,最大的延遲是 第四個用戶:16.
按照規定的截止時間安排,這裏D的順序是: {10,11,12,15,20}
對應客戶需要加工的時間排序就變成了:{5,10,8,4,3}
用戶一的延遲爲: 因爲 5<10,所以,延遲爲0
用戶二的延遲爲: 23-12=11
用戶三的延遲爲: 27-15=12
用戶四的延遲爲: 15-11=4
用戶五的延遲爲: 30-20=10
在這種情況下,最大的延遲是 12.
可見,不同的調度策略,得到的最小調度延遲值是不一樣的。
對於貪心算法,如果要驗證策略的正確性,可以通過舉反例的方式。
- 對於策略1,按照 加工時間的長短 安排,肯定是 用戶一 先安排,此時,用戶一的 需要1個時間單位完成,用戶二在 第11個時間單位 完成,
用戶一沒有時間延遲,用戶二的時間延遲爲 1 。 - 但是,如果我們先加工第二個任務,任務二在 第10個時間單位結束, 規定結束時間爲10 ,此時的延遲爲0。第一個任務的加工時間爲1,結束時間是 11,此時, 11<100,延遲也爲 0 。
- 對於策略 2: 根據 d-t 的大小,我們應該優先安排 用戶二,此時用戶一的時間延遲是 11-2=9. 用戶二的時間延遲爲0。
但是,我們如果優先安排用戶一,此時用戶一的時間延遲是0,用戶二的時間延遲是1. 1<9
對於策略 3,是正確的,我們看看僞碼
正確性證明:
code
/*
最小延遲調度問題
越前浩波
*/
#include<iostream>
using namespace std;
#define N 100
//也可以用sort()
struct Mission
{
int num;
int last;
int end;
};
//
void QuickSort(Mission *mi,int f,int t)
{
if(f<t)
{
int i=f-1,j=f;
Mission m=mi[t];
while(j<t)
{
if(mi[j].end<=m.end)
{
i++;
Mission tmp=mi[i];
mi[i]=mi[j];
mi[j]=tmp;
}
j++;
}
Mission tmp1=mi[t];
mi[t]=mi[i+1];
mi[i+1]=tmp1;
QuickSort(mi,f,i);
QuickSort(mi,i+2,t);
}
}
int main()
{
int n;
cout<<"請輸入任務總數:"<<endl;
cin>>n;
Mission mi[N];//Mission[0]~Mission[n-1]
int start[N+1];//排好序的任務的開始時間,start[1]~start[n]
int i;
for(i=0;i<n;i++)
{
mi[i].num=i+1;
cout<<"任務"<<i+1<<"的持續時間爲:";
cin>>mi[i].last;
cout<<"任務"<<i+1<<"的截止時間爲:";
cin>>mi[i].end;
}
QuickSort(mi,0,n-1);
int delay=0,m=0;
start[1]=0;
if(start[1]+mi[0].last>mi[0].end)
{
delay=start[1]+mi[0].last-mi[0].end;//如果開始時間+持續時間>截止時間,累計延遲
}
for(i=1;i<n;i++)
{
start[i+1]=start[i]+mi[i-1].last;
if(start[i+1]+mi[i].last>mi[i].end)
{
m=start[i+1]+mi[i].last-mi[i].end;
if(delay < m)
delay = m;
}
}
cout<<"最大延遲爲:"<<delay<<endl;
for(i=0;i<n;i++)
{
cout<<"任務"<<mi[i].num<<"的執行時間:["<<start[i+1]<<","<<mi[i].last+start[i+1]<<"]"<<endl;
}
system("pause");
}