題目
給定一個整數數組 A,返回其中元素之和可被 K 整除的(連續、非空)子數組的數目。
示例:
輸入:A = [4,5,0,-2,-3,1], K = 5 輸出:7 解釋: 有 7 個子數組滿足其元素之和可被 K = 5 整除: [4,5, 0, -2, -3, 1], [5], [5, 0], [5, 0, -2, -3], [0], [0, -2, -3], [-2, -3]
提示:
1 <= A.length <= 30000
-10000 <= A[i] <= 10000 2 <= K <= 10000來源:力扣(LeetCode)
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分析
對於這道題目,我的第一反應是滑動窗口。但是由於題目中要求求的數組存在真包含的原因,滑動窗口在這題不是很適用。考慮到是同餘問題,那麼就可以用類似動態規劃的方法。用一個長度爲ASize
的數組,第i
位記錄前i
位的總和關於K
的模。如果數組中第3
位到第5
位的和整除K
,那就意味着數組和前(3-1)
位和前5
位關於K
的模一定一樣。
然後統計數組中的關於K
的餘數個數,由排列組合知道當K
不等於0
的時候,一定是count * (count -1)
.根據這個思路,很容易就能寫出代碼。
這裏有一個需要注意的地方,就是C語言的取模機制,直接取模可能會出現負數。
圖中是-15到14關於5的餘數,大家看了就應該能明白我的意思了。
可以用這種方式解決:
A[i] = (A[i-1] + A[i]) % K;
while (A[i] < 0) { //這個if不加會報錯,可能是編譯環境的問題
A[i] += K;
}
如果覺得繁瑣就可以這樣:
j=(sum%K+K)%K;
代碼1
int subarraysDivByK(int* A, int ASize, int K){
if (ASize == 1) {
if (A[0] % K == 0) {
return 1;
} else {
return 0;
}
}
int count[K+1],sum = 0;
A[0] = A[0] % K;
while (A[0] < 0) {
A[0] += K;
}
for (int i = 1; i < ASize; i++) {
A[i] = (A[i-1] + A[i]) % K;
while (A[i] < 0) { //這個if不加會報錯,可能是編譯環境的問題
A[i] += K;
}
}
for (int i = 0; i < K; i++) {
count[i] = 0;
}
for (int i = 0; i < ASize; i++) {
// printf("%d,",A[i]);
count[A[i]]++;
}
sum += count[0]*(count[0] + 1)/2;
for (int i = 1; i < K; i++) {
sum += count[i] * (count[i] - 1)/2;
}
return sum;
}
結果1
代碼2
基於上面的代碼,在思路不變的前提下做了些優化,其實就是把n(n-1)
改成了1+2+……+(n-1)
,減少了一次循環。效果提升不算明顯,但是總體來看還是會好一些。
int subarraysDivByK(int* A, int ASize, int K){
int i,j,sum=0,count=0,p=K;
int *arry=(int*)malloc(sizeof(int)*K);
for(j=1;j<K;j++) arry[j]=0;
arry[0]=1;
for(i=1;i<=ASize;i++) {
sum+=A[i-1];
j=(sum%K+K)%K;
count+=arry[j];
arry[j]++;
}
return count;
}
結果2
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