題目
n(n<=5e5)個點的以1爲根的有根樹,每條邊上有一個'a'到'v'的字母(即字母種數=22)
稱一條路徑(u,v)是合法的,當且僅當這條路徑上的字母,能經過重排形成迴文串
對於每個點u,求u的子樹內最長的合法路徑
思路來源
https://www.luogu.com.cn/blog/Soulist/solution-cf741d
題解
考慮重排構成迴文串,當且僅當其字符數量均爲偶數或者恰好有一個奇數,
用01表示其奇偶性,對於22種字符,先按位狀壓成[0,(1<<22)-1]的一個整數
則(u,v)的路徑合法,當且僅當的值是0,2的1次方,2的2次方,...,2的21次方,
由於異或性質,,則只需考察u到根1的鏈,v到根1的鏈
開一個1<<22大小的桶,用於記錄當前重兒子桶裏異或值爲x的最大深度爲now[x],
這樣對於一個u到根的異或值y,如果存在x^y==0,x^y==2的1次方,……,說明可以更新答案,
啓發式合併複雜度O(nlogn),check及更新答案23次操作,即O(23nlogn)
答案分三種,
1.兩個點均來自輕兒子/重兒子子樹中
2.一個點是根,一個點是兒子
3.一個點在重兒子樹(及已經掛上去的輕兒子)上,另一個點爲當前枚舉的輕兒子
啓發式合併,感覺是把答案拆成兩半維護,
對於當前枚舉的節點,高效地去找那另一半與其能拼湊成答案的值
代碼
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef pair<int,int> P;
typedef long long ll;
typedef double db;
#define fi first
#define se second
#define pb push_back
#define vi vector<int>
#define SZ(x) (int)(x.size())
#define sci(x) scanf("%d",&(x))
#define all(v) (v).begin(),(v).end()
#define rep(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);++i)
#define per(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);--i)
ll modpow(ll x,ll n,ll mod){ll res=1;for(;n;n>>=1,x=x*x%mod)if(n&1)res=res*x%mod;return res;}
const db eps=1e-8,PI=acos(-1.0);
const int N=5e5+10,M=(1<<22)+5,INF=0x3f3f3f3f,mod=1e9+7;//998244353
vector<P>E[N];
int n,f;
char s[5];
ll ans[N],dis[N],d[N],now[M];//now i:表示子樹裏鏈異或值爲i的最大深度爲nowi
int sz[N];
int st[N],ed[N],dfn[N],tot;
void dfs(int u,int fa){
sz[u]=1;
st[u]=++tot;
dfn[tot]=u;
for(P x:E[u]){
int v=x.fi,w=x.se;
if(v!=fa){
dis[v]=dis[u]^w;
d[v]=d[u]+1;
dfs(v,u);
sz[u]+=sz[v];
}
}
ed[u]=tot;
}
void dfs(int u,int fa,bool keep){
int mx=-1,son=-1;
for(P x:E[u]){
int v=x.fi,w=x.se;
if(v!=fa&&sz[v]>mx)
mx=sz[v],son=v;
}
for(P x:E[u]){
int v=x.fi,w=x.se;
if(v!=fa&&v!=son){
dfs(v,u,0);
ans[u]=max(ans[u],ans[v]);//1.來自輕兒子
}
}
if(son!=-1){
dfs(son,u,1);
ans[u]=max(ans[u],ans[son]);//1.來自重兒子
}
for(P x:E[u]){
int v=x.fi,w=x.se;
if(v!=fa&&v!=son){
for(int i=st[v];i<=ed[v];i++){
int x=dfn[i];
if(now[dis[x]]){
ans[u]=max(ans[u],now[dis[x]]+d[x]-2*d[u]);//2.把輕兒子往u所在重兒子子樹上掛 統計異或爲0的答案
}
for(int k=0;k<22;++k){
if(now[dis[x]^(1<<k)]){
ans[u]=max(ans[u],now[dis[x]^(1<<k)]+d[x]-2*d[u]);//2.把輕兒子往u所在重兒子子樹上掛 統計二進制僅一位的答案
}
}
}
for(int i=st[v];i<=ed[v];i++){
int x=dfn[i];
now[dis[x]]=max(now[dis[x]],d[x]);
}
}
}
if(now[dis[u]]){//3.以根爲一端的一條鏈 異或爲0 異或二進制僅一位
ans[u]=max(ans[u],now[dis[u]]-d[u]);
}
for(int k=0;k<22;++k){
if(now[dis[u]^(1<<k)]){
ans[u]=max(ans[u],now[dis[u]^(1<<k)]-d[u]);
}
}
now[dis[u]]=max(now[dis[u]],d[u]);
if(keep==0){
for(int i=st[u];i<=ed[u];i++){
int x=dfn[i];
now[dis[x]]=0;
}
}
}
int main(){
scanf("%d",&n);
for(int i=2;i<=n;++i){
scanf("%d%s",&f,s);
int w=1<<(s[0]-'a');
E[f].pb(P(i,w));//E[i].pb(P(fa,w));
}
dfs(1,-1);
dfs(1,-1,0);
for(int i=1;i<=n;++i)
printf("%lld%c",ans[i]," \n"[i==n]);
return 0;
}