一道裸題,WA了兩屏。。。
先貼出基本概念:
http://www.cnblogs.com/luyingfeng/p/3877338.html
· 無向圖
歐拉通路:有兩個或者沒有奇度數的節點的連通圖;若有則一定是一個奇節點到另一個的連通圖
歐拉回路:沒有奇度數節點的連通圖,那麼可以從任意一個節點出發回到該節點
· 有向圖
歐拉通路:所有節點入度=出度的連通圖;或者僅存在兩個節點,其入度-出度分別爲-1,1的連通圖,對於後種情況一定是從-1的節點出發到達1節點
歐拉通路:所有節點入度=出度的連通圖
而遍歷這個圖時需要注意
如上圖,到達B點時如果先走2路,那麼到達A’後回溯到B繼續走1路,如果先序記錄邊的順序,那麼到達A’後下一個記錄的邊會是1,構不成迴路,若將記邊放在後序,回溯時形成的將是一條完整的路,構成一個類似於棧的結構,反向輸出即可。
還有就是要加當前邊優化,學習了一波。
記得要判圖是否聯通!
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<cstdio>
#include<vector>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int maxn=200005;
struct edge
{
int to,next;
bool vst;
}e[maxn<<1];
int n,m,cnt,rcnt;
int head[maxn],in[maxn],out[maxn],res[maxn];
bool judge;
void insert(int a,int b)
{
e[++cnt].to=b;e[cnt].next=head[a];head[a]=cnt;in[b]++;out[a]++;
}
bool judge1()
{
for(int i=1;i<=n;i++)
if(in[i]&1)return false;
return true;
}
bool judge2()
{
for(int i=1;i<=n;i++)
if(in[i]!=out[i])return false;
return true;
}
void dfs1(int x)
{
for(int& i=head[x];i;i=e[i].next)
{
int tmp=i;
if(!e[i].vst)
{
e[i].vst=e[i^1].vst=true;
dfs1(e[tmp].to);
res[++rcnt]=(tmp>>1)*(tmp&1?-1:1);
}
}
}
void dfs2(int x)
{
for(int& i=head[x];i;i=e[i].next)//i會變,用一個變量存一下
{
int tmp=i;
if(!e[i].vst)
{
e[i].vst=true;
dfs2(e[tmp].to);
res[++rcnt]=tmp;
}
}
}
void solve1()
{
cnt=1;
scanf("%d%d",&n,&m);
int a,b;
for(int i=1;i<=m;i++)
{
scanf("%d%d",&a,&b);
insert(a,b),
insert(b,a);
}
judge=judge1();
if(m&&judge)dfs1(a);
if(!m)judge=true;
}
void solve2()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
int a,b;
for(int i=1;i<=m;i++)
{
scanf("%d%d",&a,&b);
insert(a,b);
}
judge=judge2();
if(m&&judge)dfs2(a);
if(!m)judge=true;
}
int main()
{
int op;
scanf("%d",&op);
if(op==1)solve1();
else solve2();
if(!judge||rcnt!=m)puts("NO");
else
{
puts("YES");
for(int i=rcnt;i;i--)
printf("%d ",res[i]);
}
return 0;
}