LeetCode105-從前序與中序遍歷序列構造二叉樹
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1、題目
根據一棵樹的前序遍歷與中序遍歷構造二叉樹。
注意:
你可以假設樹中沒有重複的元素。
示例:
例如,給出
前序遍歷 preorder = [3,9,20,15,7]
中序遍歷 inorder = [9,3,15,20,7]
返回如下的二叉樹:
3
/ \
9 20
/ \
15 7
2、思路
如何遍歷一棵樹
有兩種通用的遍歷樹的策略:
- 寬度優先搜索(BFS):我們按照高度順序一層一層的訪問整棵樹,高層次的節點將會比低層次的節點先被訪問到。
- 深度優先搜索(DFS):在這個策略中,我們採用深度作爲優先級,以便從跟開始一直到達某個確定的葉子,然後再返回根到達另一個分支。
深度優先搜索策略又可以根據根節點、左孩子和右孩子的相對順序被細分爲前序遍歷,中序遍歷和後序遍歷。
我們使用哈希表實現(遞歸) O(n)
遞歸建立整棵二叉樹:先遞歸創建左右子樹,然後創建根節點,並讓指針指向兩棵子樹。
具體步驟如下:
- 先利用前序遍歷找根節點:前序遍歷的第一個數,就是根節點的值;
- 在中序遍歷中找到根節點的位置 k,則 k 左邊是左子樹的中序遍歷,右邊是右子樹的中序遍歷;
- 假設左子樹的中序遍歷的長度是 l,則在前序遍歷中,根節點後面的 l 個數,是左子樹的前序遍歷,剩下的數是右子樹的前序遍歷;
- 有了左右子樹的前序遍歷和中序遍歷,我們可以先遞歸創建出左右子樹,然後再創建根節點;
如圖所示:
時間複雜度分析:我們在初始化時,用哈希表(unordered_map<int,int>)記錄每個值在中序遍歷中的位置,這樣我們在遞歸到每個節點時,在中序遍歷中查找根節點位置的操作,只需要 O(1) 的時間。此時,創建每個節點需要的時間是 O(1),所以總時間複雜度是 O(n)。
1. 從左到右遍歷preorder、inorder
2. preorder的第一個元素一定是根元素
2.1. 找到根元素後,可以在inorder中區分左、右子樹
2.2. 當前根的左子樹範圍:inorder[inorder未查找的最左邊(從0開始), 和根元素相等的索引位置)
2.3. 當前根的左子樹範圍:preorder(當前根索引位置(從0開始), 當前根的索引位置 + inorder已知左子樹長度]
原因:因爲preorder、inorder中左、右子樹的長度相等(只是觀察得出,爲什麼這麼巧,還沒想透徹)
3. 當preorder的指針向右移動到"左子樹長度",說明當前根節點的左子樹已經處理完畢
4. 遞歸開始查找,如果沒有超出左子樹範圍,preorder指針向右移動一位繼續搜索
4.1. 此時的節點最多隻可能有2種身份:A + B
A. 根節點
B. 左節點或右節點
4.2. inorder的起始節點是"最左的節點",當preorder中的值與他相等時,可以判斷無後續數據,結束搜索
4.3 inorder指針向右移動一位(排除已使用節點),縮小搜索範圍
5. 右節點確定規則:因爲上一步確定的是一個左節點,preorder順序爲根左右,所以preorder的下一個節點就是右節點
3、代碼
遞歸實現:
class Solution {
public:
//定義哈希表存儲中序遍歷中每個點的位置
unordered_map<int,int> Hash;
TreeNode* buildTree(vector<int>& preorder, vector<int>& inorder) {
//計算整顆子樹的大小
int n=preorder.size();
//哈希表存儲中序遍歷中每個點的位置
for(int i=0;i<n;i++)
{
Hash[inorder[i]]=i;
}
return dfs(preorder,inorder,0,n-1,0,n-1);
}
TreeNode* dfs(vector<int>& preorder,vector<int>& inorder,int pl,int pr,int il,int ir)
{
if (pl > pr) return NULL;
//根節點的值
int val=preorder[pl];
int k=Hash[val];//距離
int len=k-il;
//定義根節點
auto root=new TreeNode(val);
root->left=dfs(preorder,inorder,pl+1,pl+len,il,k-1);
root->right=dfs(preorder,inorder,pl+len+1,pr,k+1,ir);
return root;
}
};
Java
class Solution {
//定義哈希表,存儲中序遍歷每個點的位置
HashMap<Integer,Integer> map = new HashMap<Integer, Integer>();
public TreeNode buildTree(int[] preorder, int[] inorder) {
for (int i = 0; i < inorder.length; i++) {
map.put(inorder[i], i);
}
return dfs(preorder, 0, preorder.length, inorder, 0, inorder.length);
}
private TreeNode dfs(int[] preorder, int p_start, int p_end, int[] inorder, int i_start, int i_end) {
// preorder 爲空,直接返回 null
if (p_start == p_end) {
return null;
}
int root_val = preorder[p_start];
TreeNode root = new TreeNode(root_val);
//在中序遍歷中找到根節點的位置
//int i_root_index = 0;
/*
for (int i = i_start; i < i_end; i++) {
if (root_val == inorder[i]) {
i_root_index = i;
break;
}
}
*/
int i_root_index = map.get(root_val);
//k i_root_index
//leftNum len
int leftNum = i_root_index - i_start;
//遞歸的構造左子樹
root.left =dfs(preorder, p_start + 1, p_start + leftNum + 1, inorder, i_start,i_root_index);
//遞歸的構造右子樹
root.right =dfs(preorder, p_start + leftNum + 1, p_end, inorder, i_root_index + 1, i_end);
return root;
}
}