http://poj.org/problem?id=1149
網絡流,主要是建圖的問題
題意:
有 M 個豬圈(M ≤ 1000),每個豬圈裏初始時有若干頭豬。
一開始所有豬圈都是關閉的。
依次來了 N 個顧客(N ≤ 100),每個顧客分別會打開指定的幾個豬圈,從中買若干頭豬。
每個顧客分別都有他能夠買的數量的上限。
每個顧客走後,他打開的那些豬圈中的豬,都可以被任意地調換到其它開着的豬圈裏,然後所有豬圈重新關上。
問總共最多能賣出多少頭豬。
注意: 顧客是一個接一個的來買豬,而不是同時來
建圖:
每個顧客分別用一個節點來表示。
對於每個豬圈的第一個顧客,從源點向他連一條邊,容量就是該豬圈裏的豬的初始數量。如果從源點到一名顧客有多條邊,則可以把它們合併成一條,容量相加。
若第i個人與他後面的第j個人有同一個豬圈的鑰匙,則從i引邊到j,容量爲無窮大
從各個顧客到匯點各有一條邊,容量是各個顧客能買的數量上限
#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<vector>
#define M 120
#define INF 0xfffffff
using namespace std;
int n,m;
int g[M][M];
int d[M];
int stack[M];
int que[M*M];
int num[1001];//各個豬圈豬的數量
vector<int> G[M];//圖的鄰接表
vector<int> cus[1001];//cus[i]保存的是能打開i號豬圈的所有顧客
bool BFS(int s,int t)
{
int l=0,r=0;
int i,p;
memset(d,-1,sizeof(d));
d[s]=0;
que[r++]=s;
while(l<r)
{
p=que[l++];
for(i=0;i<G[p].size();i++)
{
int u=G[p][i];
if( g[p][u]>0 && d[u]==-1)
{
d[u]=d[p]+1;
if(u==t)
return true;
que[r++]=u;
}
}
}
return false;
}
int Dinic(int s,int t)
{
int i,p;
int mn;
int nMinc;
int maxflow=0;
bool v[M];
while(BFS(s,t))
{
int top=0,base=0;
stack[top++]=s;
memset(v,false,sizeof(v));
v[s]=true;
while(top>base)
{
p=stack[top-1];
if(p==t)
{
mn=INF;
for(i=1;i<top;i++)
{
int u=stack[i-1];
int v=stack[i];
if(g[u][v]<mn)
{
mn=g[u][v];
nMinc=u;
}
}
maxflow+=mn;
for(i=1;i<top;i++)
{
int u=stack[i-1];
int v=stack[i];
g[u][v]-=mn;
g[v][u]+=mn;
}
while(top>base && stack[top-1]!=nMinc)
top--;
}
else
{
for(i=0;i<G[p].size();i++)
{
int u=G[p][i];
if( !v[u] && g[p][u]>0 && d[u]==d[p]+1)
{
v[u]=true;
stack[top++]=u;
break;
}
}
if(i==G[p].size())
top--;
}
}
}
return maxflow;
}
int main()
{
int i,j;
while(scanf("%d%d",&m,&n)!=EOF)
{
memset(g,0,sizeof(g));
memset(num,0,sizeof(num));
memset(cus,0,sizeof(cus));
memset(G,0,sizeof(G));
for(i=1;i<=m;i++)
scanf("%d",&num[i]);
for(i=1;i<=n;i++)
{
int k,p;
scanf("%d",&k);
while(k--)
{
int a;
scanf("%d",&a);
if(cus[a].size()==0)//如果i是第一個能打開a豬圈的顧客
{
g[0][i]+=num[a];
cus[a].push_back(i);
G[0].push_back(i);
}
else
{
for(j=0;j<cus[a].size();j++)//每個能打開a豬圈的顧客都向i連一條無窮的的邊
{
int u=cus[a][j];
g[u][i]=INF;
G[u].push_back(i);
G[i].push_back(u);
}
}
}
scanf("%d",&p);
g[i][n+1]=p;//每個顧客與匯連一條邊
G[i].push_back(n+1);
}
printf("%d\n",Dinic(0,n+1));
}
return 0;
}