整理的算法模板:ACM算法模板總結(分類詳細版)
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來源:牛客網
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64bit IO Format: %lld
題目描述
牛牛國有 nnn 個城市,編號爲 1−n1-n1−n,第 iii 個城市有一個價值 aia_iai,牛國的國王牛闊落特別喜歡在牛牛國旅遊,並且他不想每次旅遊的時候都計算一遍走哪條路最短,於是他決定在任意兩個城市之間建立一條雙向道路,在第 iii 座城市和第 jjj 座城市之間建立雙向道路的代價是 (ai−aj)2(a_i-a_j)^2(ai−aj)2,牛闊落希望你能算出這項工程的花費。由於答案太大,你只需要輸出答案模 1e9+71e9+71e9+7 的餘數
輸入描述:
第一行一個整數 nnn,表示城市的數量。
第二行 nnn 以空格分隔的整數 a1,a2,...,ana1,a2,...,ana1,a2,...,an,表示第i座城市的價值。
輸出描述:
輸出一行一個數字,表示工程的花費模 1e9+71e9+71e9+7 的餘數
示例1
輸入
複製3 1 2 3
3 1 2 3
輸出
複製6
6
說明
城市1到城市2的道路價值是(2 - 1)^ 2 = 1
城市2到城市3的道路價值是(3 - 2)^ 2 = 1
城市1到城市3的道路價值是(3 - 1)^ 2 = 4
總的花費 = 1 + 1 + 4 = 6
備註:
1≤n≤5e51\leq n\leq 5e51≤n≤5e5
1≤ai≤1e91\leq a_i\leq 1e91≤ai≤1e9
建議使用 scanf 讀入
補這道題的博客原因是貌似學到了一個新知識:
對於一個序列或者數組中的任意兩個數做求和,然後求出來總和是多少;如果用二重循環,數據多一點就會超時;根據這道題發現一個規律;
(n-1) *
對於這道題,小哥哥們推的很詳細;我就不闡述了;下面圖面的題解是把 j 從 1 枚舉到 i-1 這和 j 從 i+1 枚舉到 n 的原理是一樣的;(實在不行搞個簡單的自己模擬一下就推出來了,eg:求1 2 3 4 5 的任意兩個數和的總和)
需要注意的是一定要處處取模,數據太大,隨時會爆int;
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N=5e5,mod=1e9+7;
ll sum[N],a[N];
int main()
{
int n;
cin >>n;
ll res=0,ans=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%lld",&a[i]);
res=(res+a[i]*a[i])%mod;
sum[i]+=(a[i]+sum[i-1])%mod;
}
ans+=res%mod*(n-1)%mod;
ll cnt=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
cnt+=2*a[i]*(sum[n]-sum[i])%mod;
}
printf("%lld\n",(ans-cnt+mod)%mod);
}