題目大意
給樹上每個點規定一種顏色
問同色距離最大的點對距離平方是多少
虛樹
每次給定樹上一個點集(大小爲),你需要構造只包含這些點的樹(樹的結構必須和原來一樣,但是要刪去不必要的點),然後回答一些問題。這類題目通常有個特點:規模較小(較小是說能承受的複雜度)
對於這題來說,每次相同顏色的點集
對於一個點集,我按照序排序,然後一個點一個點往虛樹上添加
我維護一個棧(其實就是模擬)
當加入一個點時,面臨的一種大致情況應該是這樣:
當前棧頂元素是,假設彈掉之後棧頂爲
我需要不停的彈棧,直到,彈棧的過程中不停的連邊
那麼這個時候我就要在虛樹上添加這個點,添加完了之後連邊,然後也是要彈掉
然後再把入棧
其實上述算法就是模擬了的遞歸和回溯過程
虛樹的時間複雜度
對一個大小爲的點集建立虛樹,可以知道我所添加的的個數不會超過(可以類比線段樹合併,一個可以看作兩個點合併,每次合併會減少一個點,因此合併的次數不超過點數)
所以複雜度是的,帶是因爲我要倍增找
題解
這題當然可以點分治做
但是正好拿來練習虛樹
每次建立出虛樹之後,問題就成了找樹的直徑,一次就了
另外注意這題有坑:存在所有點集大小都等於的數據
代碼
#include <bits/stdc++.h>
#include <ext/pb_ds/assoc_container.hpp>
#include <ext/pb_ds/tree_policy.hpp>
#define iinf 0x3f3f3f3f
#define linf (1ll<<60)
#define eps 1e-8
#define maxn 100010
#define maxe 200010
#define maxk 17
#define cl(x) memset(x,0,sizeof(x))
#define rep(i,a,b) for(i=a;i<=b;i++)
#define drep(i,a,b) for(i=a;i>=b;i--)
#define em(x) emplace(x)
#define emb(x) emplace_back(x)
#define emf(x) emplace_front(x)
#define fi first
#define se second
#define de(x) cerr<<#x<<" = "<<x<<endl
using namespace std;
using namespace __gnu_pbds;
typedef long long ll;
typedef pair<int,int> pii;
typedef pair<ll,ll> pll;
ll read(ll x=0)
{
ll c, f(1);
for(c=getchar();!isdigit(c);c=getchar())if(c=='-')f=-f;
for(;isdigit(c);c=getchar())x=x*10+c-0x30;
return f*x;
}
struct Graph
{
int etot, head[maxn], to[maxe], next[maxe], w[maxe];
void clear(int N)
{
for(int i=1;i<=N;i++)head[i]=0;
etot=0;
}
void adde(int a, int b, int c=0){to[++etot]=b;w[etot]=c;next[etot]=head[a];head[a]=etot;}
#define forp(_,__) for(auto p=__.head[_];p;p=__.next[p])
}G, T;
struct Doubling_LCA
{
int f[maxn][maxk+1], depth[maxn];
void clear(int n){for(int i=1;i<=n;i++)depth[i]=0, cl(f[i]);}
void dfs(Graph &G, int pos, int pre)
{
for(auto k=1;(1<<k)<=depth[pos];k++)f[pos][k]=f[f[pos][k-1]][k-1];
for(auto p(G.head[pos]);p;p=G.next[p])
if(G.to[p]!=pre)
{
f[G.to[p]][0]=pos;
depth[G.to[p]]=depth[pos]+1;
dfs(G,G.to[p],pos);
}
}
void run(Graph &G, int root)
{
depth[root]=1;
dfs(G,root,0);
}
int q(int x, int y)
{
if(depth[x]<depth[y])swap(x,y);
for(auto k(maxk);~k;k--)
if(depth[f[x][k]]>=depth[y])
x=f[x][k];
if(x==y)return x;
for(auto k(maxk);~k;k--)
if(f[x][k]!=f[y][k])
x=f[x][k], y=f[y][k];
return f[x][0];
}
int jp(int x, int b)
{
for(auto k=0;k<=maxk;k++)
if(b&(1<<k))x=f[x][k];
return x;
}
}db;
struct Easy_Tree
{
int depth[maxn], dist[maxn], tid[maxn], rtid[maxn], tim, size[maxn], rev[maxn];
void dfs(int pos, int pre, Graph& G)
{
tid[pos]=++tim;
rev[tid[pos]]=pos;
size[pos]=1;
forp(pos,G)if(G.to[p]!=pre)
{
depth[G.to[p]]=depth[pos]+1;
dist[G.to[p]]=dist[pos]+G.w[p];
dfs(G.to[p],pos,G);
size[pos]+=size[G.to[p]];
}
rtid[pos]=tim;
}
void run(Graph& G, int root)
{
tim=0;
depth[root]=1;
dfs(1,0,G);
}
}et, et2;
struct ConciseTree
{
//調用build之前,要調用LCA.run(),et.run()
static ll build(vector<ll>& lis, Graph& T, Doubling_LCA& LCA, Easy_Tree& et)
{
sort(lis.begin(),lis.end(),[&](ll a, ll b){return et.tid[a]<et.tid[b];});
stack<ll> stk;
auto adde = [&](ll u, ll fa){auto l=et.depth[u]-et.depth[fa];T.adde(u,fa,l);T.adde(fa,u,l);};
for(auto u:lis)
{
if(stk.empty()){stk.em(u);continue;}
ll lca = LCA.q(u,stk.top());
while(lca!=stk.top())
{
auto x = stk.top(); stk.pop();
if(stk.empty() or LCA.q(stk.top(),u)==stk.top() and stk.top()!=lca)stk.em(lca);
adde(x,stk.top());
lca = LCA.q(u,stk.top());
}
stk.em(u);
}
while(stk.size()>1)
{
auto x=stk.top(); stk.pop();
adde(x,stk.top());
}
return stk.top();
}
};
ll ans;
ll dfs(Graph& G, ll u, ll fa)
{
ll mx=0;
forp(u,G)
{
ll v = G.to[p]; if(v==fa)continue;
ll d = dfs(G,v,u) + G.w[p];
ans = max( ans, mx+d );
mx = max(mx,d);
}
return mx;
}
ll n, a[maxn];
vector<ll> lis[maxn];
int main()
{
ll u, v, i, j;
n=read();
rep(i,1,n)a[i]=read();
rep(i,1,n-1)
{
u=read(), v=read();
G.adde(u,v), G.adde(v,u);
}
db.run(G,1);
et.run(G,1);
rep(i,1,n)lis[a[i]].emb(i);
rep(i,1,n)
{
if(lis[i].empty())continue;
rep(j,1,T.etot)T.head[T.to[j]]=0;
T.etot=0;
auto r = ConciseTree::build(lis[i],T,db,et);
dfs(T,r,0);
}
printf("%lld",ans*ans);
return 0;
}