題目鏈接：https://codeforces.com/contest/1287/problem/C
題目大意：一個1~n的序列，其中有幾個數字缺了，是0，填充這些0，使得結果中相鄰數字奇偶性不同的數量最少。
題目思路：懷疑人生。。感覺自己弱爆了。看了官方題解，其實跟我的思路一致，但我覺得有問題，就是這個貪心。簡單說一下，就是將每一段連續的0看成一段，然後先處理這些段兩端是相同奇偶性或者是到頭的(0是第一個數字或最後一個數字的情況)，然後從短到長逐個處理。這種情況的好處是，如果能填上，那麼對答案貢獻是0，能讓結果儘可能少。但是我的問題在於，在這種情況下，如果有一段奇數爲兩端的，和偶數爲兩端的，一樣長，那怎麼辦，如果偶數比較多，可不可能因爲他去幫助了奇數導致他填自己偶數的時候歇逼了。剛纔寫題解的時候突然想到，因爲最後總是能填滿，所以即使一個小夥需要幫忙，那另一個缺口靠另一個小夥肯定能補上。。。
行吧，反正感覺這碼量也多的嚇人，看了qsc的視頻後，恍然大悟。qsc聚聚在視頻裏反覆強調這題的簡單。。唉，難受，感覺他的思路確實非常清晰值得學習。而且他說的轉換我也想到了，反正不要求輸出填完後的結果，直接把奇數看成1，偶數看成0，然後讓你往裏頭填0 1使得相鄰不一樣的最少，那馬上就有內味了啊！一個位就兩種情況，一共100個位，不爆搜對得起這數據範圍嗎？？太蠢了。。。
然後講一下到底咋搞。記憶化搜索嘛，dp[i][j][k][p]，i表示到了第幾位，j表示還剩幾個偶數要填，k表示還剩多少個奇數要填，p表示上一位到底填的啥，0表示填的偶數，1表示填的奇數，2表示上一位還啥都沒填。然後如果這一位不是0，也就是已經有值，如果是偶數，看看上一位是不是偶數，如果是，直接搜下一個，不是的話，搜完還得+1，因爲偶數和奇數之間有一種不同的奇偶性。剩下的就基本這個思路，真看不懂評論問一嘴，或者直接看qsc視頻，講的非常非常好，非常清楚：qsc講解傳送門
以下是代碼：
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
#define per(i,a,b) for(int i=a;i>=b;i--)
#define ll long long
const int MAXN = 1e2+5;
int a[MAXN],n,dp[MAXN][MAXN][MAXN][5];
int dfs(int pos,int x,int y,int val){
if(pos==n+1)return 0;
if(dp[pos][x][y][val]!=-1)return dp[pos][x][y][val];
if(a[pos]){
if(a[pos]%2==0){
if(val==1)return dfs(pos+1,x,y,0)+1;
else return dfs(pos+1,x,y,0);
}
else{
if(val==0)return dfs(pos+1,x,y,1)+1;
else return dfs(pos+1,x,y,1);
}
}
else{
int minn=1e9;
if(val==0){
if(x)minn=min(minn,dfs(pos+1,x-1,y,0));
if(y)minn=min(minn,dfs(pos+1,x,y-1,1)+1);
}
else if(val==1){
if(x)minn=min(minn,dfs(pos+1,x-1,y,0)+1);
if(y)minn=min(minn,dfs(pos+1,x,y-1,1));
}
else{
if(x)minn=min(minn,dfs(pos+1,x-1,y,0));
if(y)minn=min(minn,dfs(pos+1,x,y-1,1));
}
dp[pos][x][y][val]=minn;
return minn;
}
}
int main(){
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0);
while(cin>>n){
int ou=n/2,ji=n/2+n%2;
memset(dp,-1,sizeof(dp));
rep(i,1,n){
cin>>a[i];
if(a[i]&&a[i]%2==0)ou--;
if(a[i]&&a[i]%2==1)ji--;
}
cout<<dfs(1,ou,ji,2);
}
return 0;
}