n<=15,c[i]<=1e6.
設dp[S][x] 定點1(只經過集合S中的點)只有一條路徑到達x時最多能保留價值的邊
轉移dp[S][x]時 要保證1->x路徑上所有的邊都是Bridge
保留c[x][u] 若其餘u->S的邊存在,則1->u構成多條路徑
集合Y(包含x),則不能存在和S-{x}相連的邊 則Y內任意兩點都有邊 預處理p[Y]
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N=1<<15;
int n,m,c[15][15];
int p[N],dp[N][15];
void init()
{
memset(p,0,sizeof(p));
for(int i=0;i<(1<<n);i++)
for(int j=0;j<n;j++)
dp[i][j]=-1;
for(int i=0;i<(1<<n);i++)
{
for(int j=0;j<n;j++)
{
if(((i>>j)&1)==0)
continue;
for(int k=j+1;k<n;k++)
{
if(((i>>k)&1)==0)
continue;
p[i]+=c[j][k];
}
}
}
}
int main()
{
while(cin>>n>>m)
{
int sum=0;
int u,v,w;
memset(c,0,sizeof(c));
while(m--)
{
scanf("%d%d%d",&u,&v,&w);
u--,v--;
c[u][v]=c[v][u]=w;
sum+=w;
}
init();
dp[1][0]=0;
for(int i=0;i<(1<<n);i++)
{
for(int j=0;j<n;j++)
{
if(dp[i][j]==-1)
continue;
int x=(((1<<n)-1)^i)|(1<<j); //y is some subset of x
for(int y=x;y>=0;y--)
y&=x,dp[i|y][j]=max(dp[i|y][j],dp[i][j]+p[y]);
for(int k=0;k<n;k++)
{
if((i>>k)&1)
continue;
if(c[j][k]==0)
continue;
dp[i|(1<<k)][k]=max(dp[i|(1<<k)][k],dp[i][j]+c[j][k]);
}
}
}
int ans=1e9;
for(int i=0;i<(1<<n);i++)
ans=min(ans,sum-dp[i][n-1]);
cout<<ans<<endl;
}
return 0;
}
狀壓DP:考慮如何從舊狀態轉移..