區間dp,和UVa #1336 Fixing the Great Wall (例題9-21)類似。但數據規模太大,記憶化搜索會TLE,必須遞推。
我一開始把狀態設計爲dp(i,j,k)表示當前已訪問區間爲[i,j],且站在 i (k == 0)或 j (k==1),最少還需多少時間收集全部寶藏。同時還需要一個輔助數組來記錄當前已經經歷的時間,來判斷是否過了deadline。這個設計很臃腫。並且用記憶化搜索還行,但是遞推就完全無能爲力,因爲無法判斷到達某一寶藏時,是否已經過了deadline。
可以用對稱的設計:dp(i,j,k)表示最短需要多少時間到達 [i,j,k]。對於所有的 i == j 的情況,dp值都爲0,因爲我們可以選擇從這一點出發。狀態的轉移和上面的設計一樣,都與#1336相同。
另外遞推的時候,我習慣外層用diff從0到n-1表示i和j的差,但是TLE了。改成Rujia在書裏用過的方法:i從n-1到0,j從i到n-1,就可以將時間縮短一半。
Run Time: 2.202s
#define UVa "9-8.1632.cpp" //Alibaba
char fileIn[30] = UVa, fileOut[30] = UVa;
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
//Global Variables. Reset upon Each Case!
const int maxn = 10000 + 5, INF = 1<<30, LEFT = 0, RIGHT = 1;
int n, d[maxn][maxn][2], x[maxn], ddl[maxn];
/////
int main() {
while(scanf("%d", &n) != EOF) {
for(int i = 0; i < n; i ++)
scanf("%d%d", &x[i], &ddl[i]);
for(int i = n-1; i >= 0; i --) {
for(int j = i; j < n; j ++) {
int& u1 = d[i][j][LEFT];
int& u2 = d[i][j][RIGHT];
if(i == j) u1 = u2 = 0;
else {
u1 = u2 = INF;
u1 = min(d[i+1][j][RIGHT] + x[j]-x[i], d[i+1][j][LEFT] + x[i+1]-x[i]);
if(u1 >= ddl[i]) u1 = INF;
u2 = min(d[i][j-1][LEFT] + x[j]-x[i], d[i][j-1][RIGHT] + x[j]-x[j-1]);
if(u2 >= ddl[j]) u2 = INF;
}
}
}
int ans = min(d[0][n-1][0], d[0][n-1][1]);
if(ans >= INF) printf("No solution\n");
else printf("%d\n", ans);
}
return 0;
}