小度熊拿到了一個無序的數組,對於這個數組,小度熊想知道是否能找到一個k 的區間,裏面的 k 個數字排完序後是連續的。
現在小度熊增加題目難度,他不想知道是否有這樣的 k 的區間,而是想知道有幾個這樣的 k 的區間。
解題思路:
如果這樣一個區間滿足題目要求,那麼這個區間滿足兩個條件:
1、最大值減最小值 = K - 1;
2、區間內無重複數字;
對於一點我們很容易想到是區間最值的問題,而第二點的處理由於數據量的原因無法n^2暴力,因此我們可以採取某些技巧:
設數組F[i],表示第i位最長可以延伸到哪個位置保證區間內無重複數字,那樣的話,由於題目說了查詢區間大小不會超過1000,因此最大複雜度爲O(1000n),貌似沒降下多少,但是還是能過得,卡的不嚴所以網上很多都是BRUTE FORCE算法做的。
AC代碼:
#include <map>
#include <set>
#include <stack>
#include <cmath>
#include <queue>
#include <bitset>
#include <string>
#include <vector>
#include <cstdio>
#include <cctype>
#include <fstream>
#include <cstdlib>
#include <sstream>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#pragma comment(linker, "/STACK:1024000000,1024000000")
using namespace std;
//#define maxd 1010
#define lson l , m , rt << 1
#define rson m + 1 , r , rt << 1 | 1
#define mc(x, y) memcpy(x, y, sizeof(x))
#define ms(x,y) memset(x,y,sizeof(x))
#define rep(i,n) for(int i=0;i<(n);i++)
#define repf(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++)
#define PI pair<int,int>
//#define mapp make_pair
#define FI first
#define SE second
#define IT iterator
#define PB push_back
#define Times 10
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef long double ld;
typedef pair<int,int > pce;
//#define N 100
const double eps = 1e-10;
const double pi = acos(-1.0);
const ll mod = 1e9+7;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
//const ll INF = (ll)1e18+300;
const int maxd = 50500 + 10;
int n, Q;
int ac[maxd];
int max_[maxd][20];
int min_[maxd][20];
map<int, int > mp;
int vis[maxd];
void init() {
for (int i = 1; i <= n; i++) {
max_[i][0] = min_[i][0] = ac[i];
}
for (int i = 1; i <= n; i++) {
mp.clear();
for (int j = i; j <= n && j - i <= 1001; j++) {
if (mp[ac[j]]) {
break;
}
vis[i] = j;
mp[ac[j]] = 1;
}
}
}
void RMQ() {
for (int j = 1; j <= log2(n + 1); j++) {
for (int i = 1; i <= n; i++) {
if(i + (1<<j) - 1 <= n) {
max_[i][j] = max(max_[i][j-1], max_[i + (1<<(j-1))][j-1]);
min_[i][j] = min(min_[i][j-1], min_[i + (1<<(j-1))][j-1]);
}
}
}
}
int query(int L, int R) {
int k = (int )(log(R - L + 1) / log(2.0));
int max_ans = max(max_[L][k], max_[R - (1<<k) + 1][k]);
int min_ans = min(min_[L][k], min_[R - (1<<k) + 1][k]);
return max_ans - min_ans;
}
int main() {
int kase = 0;
while(cin >> n >> Q) {
ms(vis, 0 );
kase ++;
for (int i = 1; i <= n; i++) {
cin >> ac[i];
}
cout << "Case #" << kase << ":" << endl;
init();
RMQ();
while(Q --) {
int k;
cin >> k;
int ans = 0;
for (int i = 1; i <= n - k + 1; i++) {
int cnt = query(i, i + k - 1);
if(cnt == k - 1 && i + k <= vis[i] + 1) {
ans ++;
}
}
cout << ans << endl;
}
}
}