進制轉換
提到位運算,不得不說的是進制的概念。我們在日常生活中使用的往往是十進制,但是在計算機中卻是以二進制存儲信息。同樣常用的有八進制和十六進制。
如何進行進制轉換呢?
首先是從十進制轉換成N進制:對這個十進制數進行mod(N)運算直到結果爲0,再將得到的模數反過來輸出就是結果。
例如,將十進制的6轉換成二進制,6%2=0(6/2=3),3%2=1(3/2=1),1%2=1(1/2=0),逆序輸出即爲110。
其次是從N進制轉換成十進制:對於N進制數的第i位數字,它所代表的就是這位數字乘以N的(i-1)次冪。
例如,六進制的521轉換成十進制,
練習1 進制轉換
先輸入一個N,和一個N進制的數X,再輸入一個M,要求將N進制的數字X轉換成M進制並輸出結果。題目保證N和M小於10。
進階:如果題目中的N和M小於16呢?小於36呢?
(提示:在十六進制中,A-F分別代表10-15)
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int Trans_to_demical(int n, string num) {
int ans = 0;
int xs = 1;
int sz = num.size();
for(int i = sz - 1; i >= 0; i --) {
if(num[i] >= 'A') ans += (num[i] - 'A' + 10) * xs;
else ans += (num[i] - '0') * xs;
xs *= n;
}
return ans;
}
string Trans_to_M(int m, int num) {
string res = "";
while(num > 0) {
char pl = 0;
int tmp = num % m;
if(tmp >= 10) pl = tmp - 10 + 'A';
else pl = tmp + '0';
res = pl + res;
num /= m;
}
return res;
}
void solve(int n, string num, int m) {
cout << Trans_to_M(m, Trans_to_demical(n, num)) << endl;
}
int main() {
int n, m;
string num;
cin >> n >> num >> m;
solve(n, num, m);
return 0;
}
位運算
左移操作相當於乘以2,右移操作相當於除以2並向下取整。
位運算在信息學競賽中有着很多的應用。
異或操作在競賽中是一個很重要的考點,這個操作有一個很重要的性質,異或操作的逆運算是他的本身。
也就是說a ^ b ^ b == a。
練習2 簽到系統
學校新引進了一批簽到系統,要求每個人在課前和課後都在系統中填寫自己的學號,已知學號的範圍是1~1e9,某次課程只有一名學生逃課,請你用最快的一種方法判斷出哪名同學逃課了?
先輸入一個N,N <= 1000000,接下來N個數代表每個人的學號,保證數據中只有一個數出現了1次,其餘數字都出現兩次。
樣例輸入:5 1 2 3 2 1
樣例輸出:3
運用以上性質,每輸入一個數就參與到異或運算,最後的結果就是隻出現一次的數字。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main() {
int n, tmp;
cin >> n;
int res = 0;
for(int i = 0; i < n; i ++) {
scanf("%d", &tmp);
res ^= tmp;
}
cout << res << endl;
return 0;
}
位運算的一些小應用
如何快速判斷一個整數是奇數還是偶數?
x&1;
如何快速去掉一個整數的最後一位二進制?
x>>1;
如何在二進制最後加一個零?如何加一個一?
x<<1;
x<<1|1;
如何把右數第k位變成1?如何取右數第k位的數?
x|(1<<(k-1));
x|~(1<<(k-1));
如何把末尾k位都變成1?
x|((1k)-1);
如何把最後一個1變成0?
x&(x-1);
如何計算一個整數裏面有多少個1?
int cnt=0;
while(x){
x=x&(x-1);
cnt++;
}
如果要將A變成B,需要改變多少位的二進制位?
x=A^B;
int cnt=0;
while(x){
x=x&(x-1);
cnt++;
}
練習3 逃跑路線
有一個3 * 4矩陣迷宮,小明位於左下角的A點,出口在右上角的B點,我們規定向上走爲1,向右走爲0,則請求出小明都有什麼方案可以逃出迷宮。例如0010101就是一種方案。
從0000111枚舉到1110000,輸出所有共有3位是1的二進制數。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
string Trans_to_M(int m, int num) {
string res = "";
while(num > 0) {
char pl = 0;
int tmp = num % m;
if(tmp >= 10) pl = tmp - 10 + 'A';
else pl = tmp + '0';
res = pl + res;
num /= m;
}
int sz = res.size();
for(int i = 0; i < 7 - sz; i ++) res = "0" + res;
return res;
}
int main() {
int tot = 0;
for(int i = 7; i <= 112; i ++) {
int tmp = i;
int cnt = 1;
while(tmp = tmp & (tmp - 1)) cnt ++;
if(cnt == 3) cout << Trans_to_M(2, i) << endl, tot ++;
}
cout << "共有" << tot << "種方法" << endl;
return 0;
}
信息學中的位運算
位運算在信息學競賽中最常見的操作除了用來簡化操作,最重要的就是進行狀態壓縮,模擬集合的運算。
一個unsigned int型的數有32個二進制位,所以最多可以表示一個包含32個元素的集合,每一位上的1代表這一位上代表的元素存在,爲0則不存在。
假設有兩個集合A和B,並集運算爲A | B,交集運算爲A & B,加入第i個元素爲A = A | (1 << i),刪除第i個元素爲A = A | ~(1 << i)。
練習4 等式密碼
現在有形如1( )2( )3( )4( )5( )6( )7( )8( )9 == N的等式,我們要在括號裏填入+、-和*,不考慮運算符的優先級,即1+2*3 == 9而不等於7,求一共有多少種填法。
思路一:設+爲0,-爲1,*爲2,枚舉從00000000到22222222的三進制數。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int calc(int num, int op, int nex) {
if(op == 0) return num + nex;
else if(op == 1) return num - nex;
else if(op == 2) return num * nex;
}
void solve(int n) {
for(int i = 0; i < 6561; i ++) {
int num = i;
int op[10] = {0};
for(int j = 8; j >= 1; j --) {
op[j] = num % 3;
num /= 3;
}
int res = 1;
for(int j = 1; j <= 8; j ++) {
res = calc(res, op[j], j + 1);
}
if(res == n) {
for(int j = 1; j <= 8; j ++) {
cout << j << " ";
if(op[j] == 0) cout << "+ ";
else if(op[j] == 1) cout << "- ";
else if(op[j] == 2) cout << "* ";
}
cout << "9 == " << n << endl;
}
}
}
int main() {
int n;
cin >> n;
solve(n);
return 0;
}
思路二:深搜。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int op[10];
void dfs(int res, int pos, int n) {
if(pos == 10) {
if(res == n) {
cout << "1 ";
for(int i = 2; i <= 9; i ++) {
if(op[i] == 1) cout << "+ ";
else if(op[i] == 2) cout << "- ";
else if(op[i] == 3) cout << "* ";
cout << i << " ";
}
cout << "== " << n << endl;
}
return;
}
op[pos] = 1;
dfs(res + pos, pos + 1, n);
op[pos] = 2;
dfs(res - pos, pos + 1, n);
op[pos] = 3;
dfs(res * pos, pos + 1, n);
}
int main() {
int n;
memset(op, 0, sizeof(op));
cin >> n;
dfs(1, 2, n);
return 0;
}