很有意思的一題,題意是找到有多少個子序列,使得子序列每個元素的&值爲0。
我們先考慮,如果每個都是0,那麼方案顯然是2^n-1,但是可能算多了。分別考慮第1位到第20位一定是1的情況,因爲是&運算,選的一定是該位爲1。然後統計兩位的,三位的。。。答案就是 ∑ -1^d(x) * ( 2^f(x )-1 ) ,x的範圍的[0,1<<20),d(x)表示x改爲二進制有多少個0,f(x)表示的是滿足 ai&x == x的數字個數。
現在的問題關鍵是怎麼計算f(x),因爲直接暴力顯然是不靠譜的,我們用dp[i][j] 表示某個狀態,j是一個二進制數,我們不妨記j的低 i 位爲x0,其他高位爲x1,即 x1x0 == j ,x0中的1表示某個數的此位一定是1,0表示這個數的這一位可以是任意的數;而在x1中,1表示這個數的此位一定是1,0表示這個數的此位一定是0,滿足這種情況的數字個數。顯然dp[19][j] = f(j)。我們可以很容易得到轉移方程(具體見代碼)。
//#pragma comment(linker, "/STACK:102400000,102400000")
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<vector>
#include<queue>
#include<cmath>
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#include<string>
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<ctime>
#include<map>
#include<set>
using namespace std;
#define MP(x,y) make_pair((x),(y))
#define PB(x) push_back(x)
typedef long long LL;
//typedef unsigned __int64 ULL;
/* ****************** */
const LL INF=1LL<<60;
const double INFF=1e100;
const double eps=1e-8;
const int mod=1000000007;
const int NN=100005;
const int MM=1000010;
/* ****************** */
int dp[20][1<<20];
int a[1<<20];
int q_pow(int x,int n,LL mod)
{
LL ans=1,xx=x;
for(;n>0;n>>=1)
{
if(n&1)ans=ans*xx%mod;
xx=xx*xx%mod;
}
return (int)ans;
}
int main()
{
int n,i,j,mask=1<<20;
int ans,t,tt;
scanf("%d",&n);
for(i=1;i<=n;i++)
scanf("%d",&a[i]);
memset(dp,0,sizeof(dp));
for(i=1;i<=n;i++)
{
if(a[i]&1)
{
dp[0][ a[i] ]++;
dp[0][ a[i]^1 ]++;
}
else
{
dp[0][ a[i] ]++;
}
}
for(i=0;i<19;i++)
for(j=0;j<mask;j++)
{
t=1<<(i+1);
if(j&t)
{
dp[i+1][j]+=dp[i][j];
dp[i+1][ j-t ]+=dp[i][j];
}
else
{
dp[i+1][j]+=dp[i][j];
}
}
ans=0;
for(j=0;j<mask;j++)
{
t=1;
for(i=0;i<20;i++)
if((1<<i)&j)
t=-t;
tt=q_pow(2,dp[19][j],mod);
tt--;
if(tt<0)tt+=mod;
ans+=t*tt;
if(ans>=mod)ans-=mod;
if(ans<0)ans+=mod;
}
printf("%d\n",ans);
return 0;
}