題目描述 https://www.luogu.org/problemnew/show/P1330
曹是一隻愛刷街的老曹,暑假期間,他每天都歡快地在陽光大學的校園裏刷街。河蟹看到歡快的曹,感到不爽。河蟹決定封鎖陽光大學,不讓曹刷街。
陽光大學的校園是一張由N個點構成的無向圖,N個點之間由M條道路連接。每隻河蟹可以對一個點進行封鎖,當某個點被封鎖後,與這個點相連的道路就被封鎖了,曹就無法在與這些道路上刷街了。非常悲劇的一點是,河蟹是一種不和諧的生物,當兩隻河蟹封鎖了相鄰的兩個點時,他們會發生衝突。
詢問:最少需要多少隻河蟹,可以封鎖所有道路並且不發生衝突。
輸入輸出格式
輸入格式:
第一行:兩個整數N,M
接下來M行:每行兩個整數A,B,表示點A到點B之間有道路相連。
輸出格式:
僅一行:如果河蟹無法封鎖所有道路,則輸出“Impossible”,否則輸出一個整數,表示最少需要多少隻河蟹。
輸入輸出樣例
輸入樣例#1: 複製
3 3 1 2 1 3 2 3
輸出樣例#1: 複製
Impossible
輸入樣例#2: 複製
3 2 1 2 2 3
輸出樣例#2: 複製
1
說明
【數據規模】
1<=N<=10000,1<=M<=100000,任意兩點之間最多有一條道路。
說明
1 剛開始感覺和無線廣播那個題目很相似,https://blog.csdn.net/qiang_____0712/article/details/87923838
2 但是代碼提交了,存在以下幾個問題
(1) 這裏不是全部連通的,其實可以分爲幾個連通,需要分別統計
(2)必須調用 fa(i)才能得到最根部。
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include <string.h>
#include <cmath>
#include <vector>
using namespace std;
int f[10002],d[10002],n,m; //f保存祖先節點,d保存到其祖先節點的路徑長。
int fa(int x)
{
if (f[x]!=x) //查找時沿途更新祖先節點和路徑長。
{
int last=f[x]; //記錄父節點(會在遞歸中被更新)。
f[x]=fa(f[x]); //更新祖先節點。
d[x]+=d[last]; //last 是原來的父親 f[x] 就是根父親
//下面調整後,d[x]+=d[last] d[last]只有一次爲原父親 ;
//更新路徑長(原來連在父節點上)。
}
return f[x];
}
bool check(int a,int b)
{
int x=fa(a),y=fa(b);
if (x!=y) {
f[x]=y;
d[x]=d[b]+1-d[a];
}//這樣設置之後,會將x和y同步}
else
{
if(abs(d[a]-d[b])%2==0)
{
return false;
}; //若已連接,則判斷。
}
return true;
}
int main()
{
int i,t;
cin>>n>>m;
bool res=true;
memset(d,0,sizeof(d));
for (i=1; i<=n; i++) f[i]=i; //祖先節點初始化爲自己,路徑長爲0。
for(int i=1; i<=m; i++)
{
int a,b;
cin>>a>>b;
if(a>b) swap(a,b);
if(!check(a,b))
{
res=false;
break;
};//檢查當前兩點是否已有邊相連接。
}
if(!res)
cout<<"Impossible"<<endl;
else
{
int count=0;
vector<int> psum;
vector<int> allsum;
vector<int> zsum;
for (i=1; i<=n; i++)
{
fa(i); //只有調用這個才能達到指向最根部
int index=-1;
for(int j=0; j<psum.size(); j++)
{
if(f[i]==psum[j])
{
index=j;
break;
}
}
if(index==-1)
{
psum.push_back(f[i]);
allsum.push_back(1);
if(d[i]%2==0) zsum.push_back(1);
else zsum.push_back(0);
}
else
{
allsum[index]++;
if(d[i]%2==0) zsum[index]++;
}
}
for(int i=0; i<psum.size(); i++)
{
count+=min(zsum[i],allsum[i]-zsum[i]);
}
cout<<count<<endl;
}
return 0;
}